浅谈两边夹原理的应用
2022-12-10汤爱尧
汤爱尧
(甘肃省民乐县第一中学 734500 )
图1
下面我们就利用这一原理解一些高难度的题目.
1 代数角度的夹逼
例1 已知集合X={x|x=2n+1,n∈Z},Y={y|y=4k±1,k∈Z},试证明:X=Y.
分析证明集合相等目前比较淡化,它只出现在选择填空题中,所以大部分学生都用了特值法就能解决,但失去思辨能力训练的机会.由前面提及,只要证X⊆Y,且Y⊆X.
证明(1) 设x0∈X,则x0=2n0+1且n0∈Z.
①若n0是偶数,可设n0=2m,m∈Z,则x0=4m+1,所以x0∈Y.
②若n0是奇数,可设n0=2m-1,m∈Z,则x0=2(2m-1)+1=4m-1,所以x0∈Y.
所以不论n0是奇数还是偶数,都有x0∈Y.
所以X⊆Y.
(2)又设y0∈Y,则y0=4k0+1,或y0=4k0-1,k0∈Z.
因为y0=4k0+1=2·(2k0)+1,y0=4k0-1=2·(2k0-1)+1,k0∈Z,
又因为2k0∈Z,2k0-1∈Z,
所以y0∈X,则Y⊆X.
由(1)(2),得X=Y.
例2 在数列{an}中,已知a1=1,且对任意的n∈N*,都有an+3-6≤an≤an+2-4恒成立,则a301=____.
解析从题设看没有告知是什么数列,所以从通项公式的角度是无法求解的,已知条件告知是“夹逼”形式的不等式组,而要求的是具体值,所以首先考虑的是m≤a301≤m.
依条件有a301=(a301-a299)+(a299-a297)+…+(a3-a1)+a1≥150×4+1=601.
同理:a301=(a301-a298)+(a298-a295)+…+(a4-a1)+a1≤100×6+1=601.
所以a301=601.
解析题目是用函数搭平台,实质是数列问题,所以通过“函数不等式组”夹逼出函数方程,进而转化为数列问题.
由已知得f(x)+2017≤f(x+2017)=f(x+1+2016)≤f(x+1)+2016.
则f(x+1)≥f(x)+1.
从而f(x)+2016≥f(x+2016)=f(x+2015+1)≥f(x+2015)+1=f(x+2014+1)+1≥f(x+2014)+2≥…≥f(x+1)+2015.
则f(x+1)≤f(x)+1.
所以f(x+1)=f(x)+1.
从而an+1-an=1.
故a2018=a1+(2018-1)×1=2019.
分析看到题设中有绝对值和不等号,联想到绝对值三角不等式|a|+|b|≥|a±b|,它和“两边夹原理”不谋而合,所以|f(x)+cos2x|+ |f(x)-sin2x|≥|f(x)+cos2x-f(x)+sin2x|=1.
2 从几何图象角度的夹逼
例5 (2012年浙江省高考数学理科第17题)设a∈R,若x>0时,均有[(a-1)x-1](x2-ax-1)≥0,则a=____.
解析表面看很象解不等式的题目,实质不然,用数形结合思想考虑,在x轴的右侧,两图象分布的象限要一致.
图2
如果再研究下去,对已知不等式变形,可以得到不同的函数解析式,也就有不同图象.
原不等式可化为x2-1≤ax≤x+1或x+1≤ax≤x2-1对x>0恒成立.
图3
夹逼思想往往与数学中不等式结合,对函数图象的运用往往是解决的点睛之处,本题妙在“夹死”能求直线方程,至于相切于点P检验即可.
3 “无中生有”的夹逼
前面所讲的代数或几何夹逼题设中多少有点暗示,但是有些题目风平浪静,让人觉得无从下手,难度越发大.
例7求方程5x2+5y2+8xy+2y-2x+2=0的实数解.
解析从一个方程中求出两个未知量,除非出现形如(x+a)2+(y+b)2=0,因此从这个角度考虑要拆项配方:4x2+8xy+4y2+x2-2x+1+y2+2y+1=0,即(2x+2y)2+(x-1)2+(y+1)2=0.故原方程的实数解为x=1,y=-1.
这种方法用到的拆项很局限,如果系数复杂,不一定能成,考虑到如果将其中一个变量当作主元,那么二元二次方程就变成含参一元二次方程,想到Δ≥0,这就是一个更好的夹逼机会.下面用两边夹原理来解:
将原方程整理成关于x的方程,得
5x2+(8y-2)x+(5y2+2y+2)=0.
因为x是实数,所以Δ=(8y-2)2-4×5×(5y2+2y+2)≥0.即(y+1)2≤0.而(y+1)2≥0,所以y=-1.将y=-1代入原方程解得x=1.
故原方程的实数解为x=1,y=-1.
例8 解方程组
解析由例7启示,解决此题就轻车熟路了.将①变形为关于x的方程,得
x2-(y+3)x+y2+3=0.
因为x是实数,
所以Δx=[-(y+3)]2-4(y2+3)≥0.
即(y-1)2≤0,而(y-1)2≥0,所以y=1.
将y=1代入①解得x=2.
将x=2,y=1代入②解得z=2或3.